我使用了左右镜像的Sierpinski triangle，每层减去上方一小块，再用符号点缀。可生成不同层数的「圣诞树」，如下图是5层的结果。

#include <stdio.h>  #include <stdlib.h>    int main(int argc, char* argv[]) {      int n = argc > 1 ? atoi(argv[1]) : 4;      for (int j = 1; j <= n; j++) {          int s = 1 << j, k = (1 << n) - s, x;          for (int y = s - j; y >= 0; y--, putchar('\n')) {              for (x = 0; x < y + k; x++) printf("  ");              for (x = 0; x + y < s; x++) printf("%c ", '!' ^ y & x);              for (x = 1; x + y < s; x++) printf("%c ", '!' ^ y & (s - y - x - 1));          }      }  }

基本代码来自Sierpinski triangle的实现，字符的想法来自于code golf – Draw A Sierpinski Triangle。
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更新1: 上面的是我尝试尽量用最少代码来画一个抽象一点的圣诞树，因此树干都没有。然后，我尝试用更真实一点的风格。因为树是一个比较自相似的形状，这次使用递归方式描述树干和分支。

n = 0的时候，就是只画一主树干，树干越高就越幼：

n = 1的时候，利用递归画向两面分支，旋转，越高的部分缩得越小。

n = 2 的时候，继续分支出更细的树支。

n = 3就差不多够细节了。

代码长一点，为了容易理解我不「压缩」它了。

#include <math.h>  #include <stdio.h>  #include <stdlib.h>    #define PI 3.14159265359    float sx, sy;    float sdCircle(float px, float py, float r) {      float dx = px - sx, dy = py - sy;      return sqrtf(dx * dx + dy * dy) - r;  }    float opUnion(float d1, float d2) {      return d1 < d2 ? d1 : d2;  }    #define T px + scale * r * cosf(theta), py + scale * r * sin(theta)    float f(float px, float py, float theta, float scale, int n) {      float d = 0.0f;      for (float r = 0.0f; r < 0.8f; r += 0.02f)          d = opUnion(d, sdCircle(T, 0.05f * scale * (0.95f - r)));        if (n > 0)          for (int t = -1; t <= 1; t += 2) {              float tt = theta + t * 1.8f;              float ss = scale * 0.9f;              for (float r = 0.2f; r < 0.8f; r += 0.1f) {                  d = opUnion(d, f(T, tt, ss * 0.5f, n - 1));                  ss *= 0.8f;              }          }        return d;  }    int main(int argc, char* argv[]) {      int n = argc > 1 ? atoi(argv[1]) : 3;      for (sy = 0.8f; sy > 0.0f; sy -= 0.02f, putchar('\n'))          for (sx = -0.35f; sx < 0.35f; sx += 0.01f)              putchar(f(0, 0, PI * 0.5f, 1.0f, n) < 0 ? '*' : ' ');  }

这段代码实际上是用了圆形的距离场来建模，并且没有优化。

这是一棵「祼树」，未能称得上是「圣诞树」。

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更新2: 简单地加入装饰及丝带，在命令行可以选择放大倍率，下图是两倍大的。

// f() 及之前的部分沿上    int ribbon() {      float x = (fmodf(sy, 0.1f) / 0.1f - 0.5f) * 0.5f;      return sx >= x - 0.05f && sx <= x + 0.05f;  }    int main(int argc, char* argv[]) {      int n = argc > 1 ? atoi(argv[1]) : 3;      float zoom = argc > 2 ? atof(argv[2]) : 1.0f;      for (sy = 0.8f; sy > 0.0f; sy -= 0.02f / zoom, putchar('\n'))          for (sx = -0.35f; sx < 0.35f; sx += 0.01f / zoom) {              if (f(0, 0, PI * 0.5f, 1.0f, n) < 0.0f) {                  if (sy < 0.1f)                      putchar('.');                  else {                      if (ribbon())                          putchar('=');                      else                          putchar("............................#j&o"[rand() % 32]);                  }              }              else                  putchar(' ');          }  }

2D的我想已差不多了。接下来看看有没有空尝试3D的。

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更新3：终于要3D了。之前每个节点是往左和右分支，在三维中我们可以更自由一点，我尝试在每个节点申出6个分支。最后用了简单的Lambertian着色（即max(dot(N, L), 0）。

n = 1 的时候比较容易看出立体的着色：

可是n=3的时候已乱得难以辨认：

估计是因为aliasing而做成的。由于光照已经使用了finite difference来计算法线，性能已经很差，我就不再尝试做Supersampling去解决aliasing的问题了。另外也许Ambient occlusion对这问题也有帮助，不过需要更多的采样。

因为需要三维旋转，不能像二维简单使用一个角度来代表旋转，所以这段代码加入了不少矩阵运算。当然用四元数也是可以的。

#include <math.h>  #include <stdio.h>  #include <stdlib.h>  #include <string.h>    #define PI 3.14159265359f    float sx, sy;    typedef float Mat[4][4];  typedef float Vec[4];    void scale(Mat* m, float s) {      Mat temp = { {s,0,0,0}, {0,s,0,0 }, { 0,0,s,0 }, { 0,0,0,1 } };      memcpy(m, &temp, sizeof(Mat));  }    void rotateY(Mat* m, float t) {      float c = cosf(t), s = sinf(t);      Mat temp = { {c,0,s,0}, {0,1,0,0}, {-s,0,c,0}, {0,0,0,1} };      memcpy(m, &temp, sizeof(Mat));  }    void rotateZ(Mat* m, float t) {      float c = cosf(t), s = sinf(t);      Mat temp = { {c,-s,0,0}, {s,c,0,0}, {0,0,1,0}, {0,0,0,1} };      memcpy(m, &temp, sizeof(Mat));  }    void translate(Mat* m, float x, float y, float z) {      Mat temp = { {1,0,0,x}, {0,1,0,y}, {0,0,1,z}, {0,0,0,1} };      memcpy(m, &temp, sizeof(Mat));  }    void mul(Mat* m, Mat a, Mat b) {      Mat temp;      for (int j = 0; j < 4; j++)          for (int i = 0; i < 4; i++) {              temp[j][i] = 0.0f;              for (int k = 0; k < 4; k++)                  temp[j][i] += a[j][k] * b[k][i];          }      memcpy(m, &temp, sizeof(Mat));      }    void transformPosition(Vec* r, Mat m, Vec v) {      Vec temp = { 0, 0, 0, 0 };      for (int j = 0; j < 4; j++)          for (int i = 0; i < 4; i++)              temp[j] += m[j][i] * v[i];      memcpy(r, &temp, sizeof(Vec));      }    float transformLength(Mat m, float r) {      return sqrtf(m[0][0] * m[0][0] + m[0][1] * m[0][1] + m[0][2] * m[0][2]) * r;  }    float sphere(Vec c, float r) {      float dx = c[0] - sx, dy = c[1] - sy;      float a = dx * dx + dy * dy;      return a < r * r ? sqrtf(r * r - a) + c[2] : -1.0f;  }    float opUnion(float z1, float z2) {      return z1 > z2 ? z1 : z2;  }    float f(Mat m, int n) {      float z = -1.0f;      for (float r = 0.0f; r < 0.8f; r += 0.02f) {          Vec v = { 0.0f, r, 0.0f, 1.0f };          transformPosition(&v, m, v);          z = opUnion(z, sphere(v, transformLength(m, 0.05f * (0.95f - r))));      }        if (n > 0) {          Mat ry, rz, s, t, m2, m3;          rotateZ(&rz, 1.8f);            for (int p = 0; p < 6; p++) {              rotateY(&ry, p * (2 * PI / 6));              mul(&m2, ry, rz);              float ss = 0.45f;              for (float r = 0.2f; r < 0.8f; r += 0.1f) {                  scale(&s, ss);                  translate(&t, 0.0f, r, 0.0f);                  mul(&m3, s, m2);                  mul(&m3, t, m3);                  mul(&m3, m, m3);                  z = opUnion(z, f(m3, n - 1));                  ss *= 0.8f;              }          }      }        return z;  }    float f0(float x, float y, int n) {      sx = x;      sy = y;      Mat m;      scale(&m, 1.0f);      return f(m, n);  }    int main(int argc, char* argv[]) {      int n = argc > 1 ? atoi(argv[1]) : 3;      float zoom = argc > 2 ? atof(argv[2]) : 1.0f;      for (float y = 0.8f; y > -0.0f; y -= 0.02f / zoom, putchar('\n'))          for (float x = -0.35f; x < 0.35f; x += 0.01f / zoom) {              float z = f0(x, y, n);              if (z > -1.0f) {                  float nz = 0.001f;                  float nx = f0(x + nz, y, n) - z;                  float ny = f0(x, y + nz, n) - z;                  float nd = sqrtf(nx * nx + ny * ny + nz * nz);                  float d = (nx - ny + nz) / sqrtf(3) / nd;                  d = d > 0.0f ? d : 0.0f;                  // d = d < 1.0f ? d : 1.0f;                  putchar(".-:=+*#%@@"[(int)(d * 9.0f)]);              }              else                  putchar(' ');          }  }

更新4：发现之前的TransformLength()写错了，上面已更正。另外，考虑提升性能时，一般是需要一些空间剖分的方式去加速检查，但这里刚好是一个树状的场景结构，可以简单使用Bounding volume hierarchy，我使用了球体作为包围体积。只需加几句代码，便可以大大缩减运行时间。

另外，考虑到太小的叶片是很难采样得到好看的结果，我尝试以一个较大的球体去表现叶片（就如素描时考虑更整体的光暗而不是每片叶片的光暗），我觉得结果有进步。

float f(Mat m, int n) {      // Culling      {          Vec v = { 0.0f, 0.5f, 0.0f, 1.0f };          transformPosition(&v, m, v);                  if (sphere(v, transformLength(m, 0.55f)) == -1.0f)              return -1.0f;      }        float z = -1.0f;        if (n == 0) { // Leaf          Vec v = { 0.0f, 0.5f, 0.0f, 1.0f };          transformPosition(&v, m, v);                  z = sphere(v, transformLength(m, 0.3f));      }        else { // Branch          for (float r = 0.0f; r < 0.8f; r += 0.02f) {              Vec v = { 0.0f, r, 0.0f, 1.0f };              transformPosition(&v, m, v);              z = opUnion(z, sphere(v, transformLength(m, 0.05f * (0.95f - r))));          }      }        // ...  }

其实我在回答这问题的时候，并没有计划，只是一步一步地尝试。现在我觉得用这规模的代码大概不能再怎么进展了。不过今天看到大堂里的圣诞树，觉得那些装饰物还挻有趣的，有时候除了画整体，也可以画局部，看看是否能再更新。

来自：http://原网站已经失效/article/c-christmas-tree.html